-
整除的相关性质
-
最大公因数的相关性质
-
同余的相关性质
-
线性同余方程
-
欧几里得算法与拓展
-
逆元
-
中国剩余定理
-
威尔逊定理
-
费马小定理
-
欧拉定理
-
不定方程相关定理
-
相关证明
整除的相关性质
- 整除的定义
设a,b∈Z,a= 0,若存在q∈Z
使得b=aq,则称b能被a整除(或称a能整除b)记作a|b
否则,称b不能被a整除,记作a∤b
1.传递性:若 a∣b 且 b∣c ,则a∣c
2.线性:a|b且a|c等价于对任意的整数x和y,有a∣(b×x+c×y)
最大公因数的相关性质
- 最大公因子的定义
所有能同时整除a和b的整数中的最大者,记为(a,b)或者gcd(a,b)
1.若(a,b)=d,则有(a/d,b/d)=1
2.d=(a,b),当且仅当d|a,d|b且如果c|a,c|b,则c|d
3.若(a,b)=1且a|bc,则a|c
4.ax+by=c,c的最小正整数解为gcd(a,b)
5.{k(a,b)∣k∈Z}={ax+by∣x,y∈Z}
6.(a+cb,b)=(a,b)
证明:
(4)ax+by=c,c的最小正整数解为gcd(a,b)
命题即要证min{ax+by}=d,d∣a,d∣c,且d最大为gcd(a,b)
反证,若d不能整除a,即存在有整数q,r,使得a=d×q+r,此时r<d
r=a−d×q=a−(ax+by)×q
r=a×(1−q×x)+b×(−y×q)
此时发现一个数r满足ax+by的形式,这个数r<d,与d的最小性质相违背
此时对于任意一个a,b的因子c,c≤d,所以最大的d为gcd(a,b),由此得证
(5){k(a,b)∣k∈Z}={ax+by∣x,y∈Z}
设左边为集合A,右边为集合B
对于集合A来说,k=1,存在正整数ax+by=gcd(a,b)使之成立(贝祖定理),则有k×gcd(a,b)存在正整数k×x,k×y使得等式成立,即A⊆B
对于集合B来说,即证对于任意c=a×x+b×y可以表示为k×gcd(a,b)的形式
此时方程有正整数解,满足gcd(a,b)∣c,gcd(a,b)∣a,gcd(a,b)∣b
则根据线性性质
gcd(a,b)∣(a×x+b×y)
则对于任意的c一定可将正整数解x,y化为k×x0,k×y0使得c=k×gcd(a,b)满足
(6)(a+cb,b)=(a,b)
即证更相减损法的正确性
同余的相关性质
若a,b为两个整数
他们的差a-b能被某个自然数整除
则称a就模m来说同余于b,或者说a和b关于模m同余
记为:a≡b(modm)
1.自反性:a≡a(modm)
2.对称性:若a≡b(modm),则b≡a(modm)
3.传递性:若a≡b(modm),b≡c(modm),则a≡c(modm)
3.同加性:若a≡b(modm),则a+c≡b+c(modm)
4.同乘性:若a≡b(modm),则a×c≡b×c(modm)
若a≡b(modm),c≡d(modm),则a×c≡b×d(modm)
5.同幂性:a≡b(modm),则an≡bn(modm)
6.a×b mod k=((a mod k ) × (b mod k )) mod k
7.若a≡b(modm),c≡d(modm),则
- a+c≡b+c(modm)
- a−c≡b−d(modm)
- ac≡bd(modm)
8.若ac≡bc(modm),a≡b(modm/(c,m))
证明:
(8)若ac≡bc(modm),a≡b(modm/(c,m))
设a>b
可知 ac−bc=k×m
a−b=(k×m)/c
a-b为整数,则(k×m)/c为整数
令gcd(c,m)=d
则有m=d×m1,c=d×c1
(k×m)/c=(k×m1)/c1
此时m1,c1互质,k/c1为整数
所以
a−b=(k/c1)×m1
a≡b(modm1)
a≡b(modm/(c,m))
得证
线性同余方程
a×x≡b(modm)
若(a,m)∤b,无解;若(a,m)∣b,则恰有(a,m)个模m不同余的解
特别的,若(a,m)互质,线性同余方程必有唯一解
证明
拓展欧几里得可以求得方程的一解x0
则根据不定方程的相关定理可得,方程的所有解为x=x0+t×gcd(a,m)m
则易知其模m不同余的所有解恰有(a,m)个
欧几里得算法与拓展
入口
逆元
入口
中国剩余定理与拓展
入口
费马小定理
入口
不定方程
入口
相关证明
1.设整数x和y满足下式:a×x+b×y=1,且a|n,b|n,则有(a×b)∣n
证明:
由a∣n,b∣n,得(a×b)|(b×n) , (b×a)|(a×n)
则有(a×b)|(a×n×x+b×n×y)
右式化简得 n
得证 (a×b)∣n
2.若a mod p = x,a mod q = x
p、q互质,则a mod p×q = x
证明:
存在整数a=s×p+x,a=t×q+x
则有,s×p=t×q,又p,q互质
则存在整数r,s=r*q
所以,1=r×p×q+x,得证